精品解析：安徽合肥蜀山区2020-2021学年九年级九月月考物理试题(解析版)

安徽合肥蜀山区2020-2021九上月考（九月）物理试卷

一、填空题（每空2分，共30分）

1. 为把合肥打造成生态宜居城市，大力实施绿化美化和扩大城市水面工程，这是利用水的_____大的特点，且水在蒸发时___ （选填“吸热”或“放热”），可以调节气温，营造“宜居城市”的舒适环境。 【答案】 (1). 比热容 (2). 吸热 【解析】

【详解】[1][2]大力实施绿化美化和扩大城市水面工程，这是利用水的比热容大的特点，吸收相同的热量时水的温度变化量较小；且水在蒸发时由液态变成气态，需要吸热，可以调节气温，营造“宜居城市”的舒适环境。 2. 2013年2月15日，俄罗斯车里雅宾斯克州遭遇陨石雨的“袭击”，它是由于流星体在穿越大气层时摩擦燃烧，并发生爆炸而引起的，流星体内能的增加是通过_________方式实现的。 【答案】做功 【解析】

【详解】流星体在穿越大气层时摩擦燃烧，在此过程中是由动能转化为内能，动能减少，内能增加，故为通过做功的方式来增加内能。

3. 流感时期，市有关部门要求各校师生进行“晨检”。图中是某同学测量体温的结果，示数是_____℃，体温计的工作原理是利用水银的______ 性质。

【答案】 (1). 36.6 (2). 热胀冷缩 【解析】

【详解】[1][2]图中是某同学测量体温的结果，体温计分度值为1℃，液位处于30℃刻度线以上第6个小格处，则其示数是36.6℃，体温计的工作原理是利用液体的热胀冷缩性质。

4. 南极长城站是我国在南极建立的第一个考察基地，而南极气温最低可达-.2℃，则当地应选用的温度计是_______ 。 物质 C 熔点°

【答案】酒精温度计 【解析】

固态煤油 -30 固态酒精 -117 固态水银 -39

【详解】液体的温度计是根据液体的热胀冷缩的性质制成的，温度计内的测温物质的凝固点应该比要测的物质的凝固点更低；由表中数据可知，南极气温最低可达-.2℃，因为酒精的凝固点是-117℃，则当地应选用的温度计是固态酒精。

5. 实验设计的严密性、操作的规范性等都很重要，每一个环节都会影响实验结果。两容器中分别盛有等质量的酒精和水，室温下放置几天后，两者的质量都明显减少，且酒精减少得更多，如图所示。某同学由此得出“酒精比水蒸发得更快”的结论。但是另一位同学认为不能得出该结论，其理由是实验中没有控制______相同，因此无法比较蒸发快慢。

【答案】液体的表面积 【解析】 【分析】

解决此题可以从影响液体蒸发快慢的因素：液体的温度、液体的表面积、液体表面上方空气的流动等方面进行分析。 【详解】酒精和水的温度，以及液体上方的空气流速相同时，如果液体的表面积不同也会影响其蒸发快慢，所以需要将它们表面积即容器口的大小相同才可以得出结论。

机械能转化为内能的是__________冲程；如图所示汽油机正在进行的是__________冲程． 6. 在汽油机的四个冲程中，

【答案】 (1). 压缩 (2). 做功 【解析】

【详解】[1]在内燃机的工作过程中，压缩冲程是将机械能转化为内能的过程；

[2]图中的冲程中，进气门和排气门关闭，火花塞点燃，活塞向下运动，所以是做功冲程。

在墙面装饰材料中均匀混入小颗粒球状物，球内充入一种非晶体材料，当温度升高时，7. 现代建筑出现一种新设计，

球内材料熔化吸热，当温度降低时，球内材料______，使建筑内温度基本保持不变，从而起到调温的作用。（填物

态变化和特点） 【答案】凝固放热 【解析】

【详解】球内充入一种非晶体材料，非晶体没有熔点，当温度升高时，球内材料熔化吸热，当温度降低时，球内材料凝固放热，使建筑内温度基本保持不变，从而起到调温的作用。

（l）仅增加水的8. 用同一热源给一定质量的水加热，其温度与时间的关系如题图中图线a 所示，若其它条件不变，

质量；（2）仅增大液面大气压强；（3）既增加水的质量，同时减小液面大气压强则二种情况中，温度与时间的关系图线分别对应 、 和 （选填图中“a ”、“b”、“c”或’' d ' ' )

【答案】c b d 【解析】

【详解】用同一热源给一定质量的水加热，热源单位时间放热相同，即水在单位时间吸收的热量相同，水的质量越大，升温越慢，仅增加水的质量时，不能改变水的沸点，故对应图像为c，又水的沸点与液面气压有关，气压越大水的沸点越高，故仅增加液面大气压强，水的沸点升高，对应图像为b，既增加水的质量，同时减小液面压强，则升温较慢，沸点降低，对应图像为d．

同等条件下，“可燃冰”完全燃烧放出的热量达到煤气的数十倍，说明“可燃冰”9. 南海探明有大量的“可燃冰”，

2kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量可以使____kg的水从20℃加热至60℃。的______很大；以10倍的关系粗略计算，【q煤气=4.2×107J/kg，水的比热容c水=4.2×103J/（kg•℃）】 【答案】 (1). 热值 (2). 5×103 【解析】

【详解】[1]热值是指单位质量（或体积）的燃料完全燃烧时所放出的热量，由题意可知“可燃冰”完全燃烧放出的热量达到煤气的数十倍，则说明“可燃冰”的热值很大。 [2]2kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量为

Q放10mq煤气102kg4.2107J/kg8.4108J

由吸热公式Q吸Q放c水mt可知

Q吸8.4108J3m水510kg 3c水(t1t0)4.210J/(kgC)(60C20C)10. 学过比热容后，小方为了测量炉温，设计了一个方案，将100g的铁块放炉内加热到与炉温相同时取出，并立103J/即放入250g，温度为20℃水中，致使水温最后升高到60℃（不计热损），请计算炉温为____℃【c水=4.2×（kg•℃），c铁= 0.46×103J/（kg·℃），计算结果取整】 【答案】973 【解析】

【详解】不计热损情况下，出炉后的高温铁块向低温水进行热传递，最终温度趋于一致后不再传热，铁块放出的热量等于水吸收的热量，即

Q放c铁m铁(t1t0) Q吸c水m水(t0t2)

联立可得

c铁m铁(t1t0)c水m水(t0t2)

代入数据可得

0.46103J/(kgC)0.1kg(t160C)4.2103J/(kgC)0.25kg(60C20C)

解得

t1973C

二、选择题（每小题3分，共24分）

11. 分子动理论是从微观角度看待宏观现象的基本理论，以下现象能用分子动理论进行解释的是（ ） A. 雾霾的形成 C. 电流形成 【答案】D 【解析】

B. 风的形成

D. 十月的校园内到处都能闻到花香

【详解】A．雾霾是由无数小颗粒组成的，每个小颗粒都是由无数分子组成，雾霾的形成无法用分子动理论解释，故A不符合题意；

B．风是由于空气的流动形成对流而产生的，故无法用分子动理论的知识解释，故B不符合题意； C．电流的形成是由于电荷的定向移动，无法用分子动理论解释，故C不符合题意；

D．在校园里由于花香分子在不停地做无规则运动，所以我们在远处可以闻到花香，故D符合题意。 故选D。

12. 如图所示的四种现象中，其物态变化属于液化的是（ ）

A.

的冰冻的衣服晾干 春天冰雪消融 冬天窗玻璃上有水滴 用干手器将手烘干

B.

C.

D.

【答案】C 【解析】

【详解】A． 冰冻的衣服晾干，由固态变为气态，属于升华现象，升华是吸热过程。不符合题意；

B． 冰雪消融，是由固态变为液态，属于熔化现象，熔化是吸热过程。不符合题意；

C． 冬天窗户玻璃上有水滴，是空气中的水蒸气遇冷液化而成，属于液化现象，液化是放热过程。不符合题意； D． 手上的水变干了，属于汽化现象，汽化是吸热过程。符合题意。 故选C。

【点睛】物体由液态变为固态的过程叫凝固，物体由固态变为液态的过程叫熔化。物体由液态变为气态态的过程叫汽化，汽化的两种方式是蒸发和沸腾。物体由气态变为液态的过程叫液化。物体由固态变为气态的过程叫升华。 13. 关于温度、热量、内能，以下说法正确的是（ ） A. 一个物体加速运动时，内能就会增加，温度不一定升高 B. 一个物体吸收了热量，它的温度一定会升高 C. 一个物体温度升高了，它的内能一定增加 D. 内能小的物体不可能将内能转移给内能大的物体。 【答案】C 【解析】

【详解】A．当一个物体加速运动时，其动能增加，温度不一定升高，故内能不一定增加，故A错误；

B．一个物体吸收了热量，其内能一定增加，但温度不一定升高，比如晶体的融化过程，吸热，但温度不变，故B错误；

C．一个物体温度升高了，一定是因为其内能增加了，故C正确；

D．内能少的物体温度可能高，可以传热给内能大而温度低的物体，故D错误。 故选C。

14. 关于热机下列说法错误的是（ ） A. 功率大的热机效率不一定高

B. 在四冲程内燃机中，减少废气带走的热量可以大大提高热机效率 C. 柴油机的效率比汽油机的高，这是因为柴油的热值比汽油大 D. 在做功冲程中，内燃机将内能转化为机械能 【答案】C 【解析】

【详解】A．热机的效率与功率无关，则功率大的热机效率不一定高，故A正确，A不符合题意；

B．热机工作过程中，废气带走了大部分的能量，在四冲程内燃机中减少废气带走的大量热量可以大大提高热机效率，故B正确，B不符合题意；

C．柴油机的效率比汽油机的效率高，是因为柴油机在吸气冲程中吸入的是空气，在压缩冲程中压缩程度大，做有用功的能量和燃料完全燃烧放出的热量的比值大，与热值大小无关，故C错误，C符合题意；

D．在做功冲程中，进气门和排气门均关闭，气缸内燃烧的高温高压燃气对活塞做功，使活塞由上向下运动，此时内燃机将内能转化为机械能，故D正确，D不符合题意。 故选C。

15. 水具有比热容大的特点，下列生活和生产中的现象与此特点无关的是（ ）

A. 边昼夜温差小

B. 空调房放水增加空气湿度

C. 冬天用热水供暖

D. 用水来冷却发动机

【答案】B 【解析】

【详解】A．因为水比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得昼夜的温差小，由此使得海边昼夜温差小，故A不符合题意； B．空调房间放盆水增加湿度，是利用水的蒸发，增加水蒸气，跟比热容无关，故B符合题意；

C．因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以冬天暖气设备用热水供暖，故C不符合题意；

D．因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以用水冷却汽车发动机，故D不符合题意。 故选B。

16. 如图所示，将干冰放入装有水的玻璃瓶中时，发现水在剧烈“沸腾”，瓶口出现大量“白气”，此“白气”是（ ）

的

A. 干冰升华产生的大量白色二氧化碳气体 B. 干冰升华放热使水汽化形成的水蒸气

C. 干冰熔化吸热使空气中水蒸气液化形成的小水滴 D. 干冰升华吸热使空气中水蒸气液化形成的小水滴 【答案】【解析】

【详解】A．二氧化碳气体无色．故A错误；

B．干冰升华属于吸热过程；水蒸气是无色气体．故B错误； C．干冰直接变成水蒸气属于升华，不是熔化．故C错误； D．干冰升华吸热，使瓶口的水蒸气液化形成小水滴．故D正确．

17. 如图所示，改变物体内能的方式与其它三个不同的是（ ）

D

A. 滑下时臀部发热

B. 压缩空气，乙醚着火

C. 钻木取火

D. 加热水至沸腾

【答案】D 【解析】

【详解】改变物体内能的方式有热传递与做功，滑下时臀部发热、压缩空气乙醚着火、钻木取火都是通过做功的方

式增加内能，而加热水至沸腾是通过热传递的方式增加内能；故D符合题意。 故选D。

B两物体的温度相同，A的质量是B的4倍，A的比热容是B的18. A、

A. A和B之间不会发生热传递 C. 热量从B传递给A 【答案】C 【解析】

【详解】由题意可知，mA4mB，cA1，它们吸收相等的热量后再接触，则（ ） 2B. 热量从A传递给B D. A和B的末温相同

1cB，QAQB，根据公式Qcmt可得 2tQ cmtAQcm1AAA tBcAmAQB2故

tBtA

ABC．因为tBtA，两者存在温差，故A和B之间会发生热传递热量会从温度高的物体传递到低的物体，即由B到A，故AB错误，C正确；

D．因为B的初温比A高，故B的末温也比A高，故D错误。 故选C。

三、实验探究题（8+10+8=26分）

19. 两个实验小组分别探究“冰熔化时温度的变化规律”和“蜡熔化时温度的变化规律”。 (1)其中一个实验小组安装的实验装置如图。该装置存在的不足是______________。

(2)改正实验后，两实验小组记录数据汇总如下表：分析表格中的数据，你发现冰与蜡在熔化过程中的不同点是：_____________。 时间/min 冰温度/°C 0 -20 固态 35.0 固态 1 0 2 0 3 0 4 0 5 10 6 20 液态 62.5 液态 7 30 液态 66.6 液态 …… …… …… …… …… 冰的状态 蜡的温度/°C 蜡的状态

固、液 固、液 固、液 固、液 液态 40.0 固态 45.0 固态 49.5 粘稠 54.0 变稀 58.3 液态

(3)在上表所示实验中的第1分钟末至第3分钟末的时间内，下列说法正确的是__________。 A．冰不断吸收热量，内能不变 B．冰不断吸收热量，内能增加 C．蜡不断吸收热量，内能不变

(4)如图是其中一个实验小组画出的冰熔化时温度随时间变化的图像，在0~1min段比4~5 min段升温快，说明同种物质比热容大小与其________有关。（假定每分钟受热物质吸收热量相等）。

【答案】 (1). 没有水浴加热（受热不均匀） (2). 冰有固定的熔化温度，而蜡没有固定的熔化温度 (3). B (4). 状态 【解析】

【详解】(1)[1]其中一个实验小组安装的实验装置如图，该装置中酒精灯直接对试管加热，火焰的不同部位温度不均匀，且试管中的物质受热不均匀，应采用水浴加热。

(2)[2]分析表格中的数据，可见冰在0C时熔化，牌固液共存状态，继续吸热但温度不变，即具有固定的熔化温度；而蜡的温度不断升高，由固态变为液态，没有固定的熔化温度。

(3)[3]在上表所示实验中的第1分钟末至第3分钟末的时间内，冰是晶体，处于熔化阶段，不断吸收热量内能增加；蜡是非晶体，不断吸收热量，内能也在增加，故B正确。

(4)[4]每分钟受热物质吸收热量相等，由冰熔化时温度随时间变化的图像可知，在0~1min段为固态冰比4~5min段的液态水吸收的热量相同但升温快，说明同种物质比热容大小与其物理状态有关。

20. 小郭在实验室里“观察水的沸腾”实验后，又进一步观察了热水的自然冷却过程，他根据实验数据绘出水温随时间变化图像如图所示。

(1)某实验小组用如图所示的装置来探究水的沸腾，观察水沸腾的实验装置时发现：在烧杯上加盖纸板，其优点是减少加热时间，其缺点是增大了烧杯内的气压，使水的沸点较常压时要高，解决办法是：_____。解决问题后，观察

图像则水的沸点是________℃。

(2)小郭观察到水沸腾前和沸腾时水中气泡的上升情况如图甲、乙所示，其中_______图是表示水在沸腾前的情况，________图是表示水在沸腾时的情况。

(3)观察了热水的自然冷却的图像，实验时的环境温度（即室温）应在_________℃左右。热水冷却时单位时间内水温变化越来越小，请对这个现象进行合理的解释：___________。

【答案】 (1). 开始加热盖纸板，沸腾前取消纸板 (2). 100 (3). 乙 (4). 甲 (5). 30 (6). 与环境温度接近，温差减少，热传递减慢 【解析】

【详解】(1)[1]在烧杯上加盖纸板，减少加热时间，但增大了烧杯内的气压，使水的沸点较高，可以在开始加热盖纸板，沸腾前取消纸板。

[2]解决问题后，观察图像，则水的沸点是100℃，此时水继续吸热但温度保持不变。

(2)[3][4]气泡向上运动时越来越大则说明水在沸腾，则乙图是表示水在沸腾前的情况，甲图是表示水在沸腾时的情况。

(3)[5]观察了热水的自然冷却的图像，水温降至30℃左右时不再变化，则实验时的环境温度（即室温）应在30℃左右。

[6]热水冷却时单位时间内水温变化越来越小，这是因为水温与环境温度接近，温差减少，热传递减慢。

21. 为了比较水和沙子的容热本领大小，小明做了如图所示的实验：在2个相同的烧杯中分别装有质量、初温都相同的水和沙子，用两个相同的酒精灯对其加热，实验数据记录如下： 质量/g C所需的时间/s 温度升高10°C所需的时间/s 温度升高20°C所需的时间/s 温度升高30°沙子 30 124 水

30 96 163 220

(1)在此实验中，除了如图所示的器材和天平外，还需要的测量仪器是___________。

(2) 分析上表中的实验数据可知：质量相同的水和沙子，升高相同的温度时，水吸收的量_______（选填“大于”、“等于”或“小于”）沙子吸收的热量。

(3)如果加热相同时间，质量相同的水和沙子，________（选填“沙子”或“水”）升高的温度更高。 (4)实验中有些同学发现：刚开始加热时，情况与(3)结论不符。你认为可能的原因是：_________。 A 沙子比热容小 B 水的比热容大

C 沙子导热性能差，受热不均匀 D 水中的温度计碰到了烧杯底部。 【答案】 (1). 秒表 (2). 大于 (3). 沙子 (4). C 【解析】

【详解】(1)[1]在此实验中，除了如图所示的器材和天平外，还需要的测量仪器是秒表，用于记录加热时间。 (2)[2]分析上表中的实验数据可知：质量相同的水和沙子，升高相同的温度时，水需要加热的时间列长，则水吸收的量大于沙子吸收的热量。

(3)[3]如果加热相同的时间即物质吸热相同，沙子的比热容小于水，根据Q吸cmt可知，质量相同的水和沙子，沙子升高的温度更高。

(4)[4]刚开始加热时，由于沙子是固体，没有搅拌，其导热性能比水差，受热不均匀，故出现的情况与(3)结论不符，故C符合题意。

的t1四、计算简答题（4+6+10=20分）

（c铁 =0.46×103J/22. 有一根烧红的铁钉，质量是3g，放出1380J的热量后，温度降低到50℃，求铁钉的初温。（kg·℃）） 【答案】1050℃ 【解析】

【详解】由吸热与放热公式Qc铁m(t1t0)可知，铁钉的初温为

Q1380Jt050C1050C 3c铁m0.4610J/(kgC)0.003kg答：铁钉的初温为1050℃。

23. 某物理兴趣小组的同学，用煤炉给100kg 的水加热，同事他们绘制了如图所示的加热 过程中水温随时间变化103J/（kg·℃）107J/kg，求： 的图线。若在6min 内完全燃烧了2kg 的煤，水的比热容为 4.2×，煤的热值约为 3×

(1)煤完全燃烧产生的热量；

(2)经过6min 时间加热，水所吸收的热量； (3)煤炉烧水时的热效率。

107J；(2)2.52×107J；(3)42%。 【答案】(1)6×【解析】

【详解】(1) 煤完全燃烧产生的热量：

Qmq=2kg3107Jkg=6107J；

(2)由图知，水初始温度为20℃，6min时水温为80℃，所以水吸收的热量：

Q吸=cmt-t0=4.2103Jkg℃100kg80℃-20℃=2.52107J；

(3) 煤炉烧水时的热效率：

Q吸2.52107J100%=100%=42%。 7Q610J答：(1) 煤完全燃烧产生的热量6107J； (2) 水吸收的热量2.52107J； (3) 煤炉烧水时的热效率42%。

24. 发动机的效率是汽车经济性能指标之一，厂家提供某汽车出厂部分参数如下：①测试数据：汽车在平直公路匀速行驶时，车上的速度表如图所示；百公里耗油量为10（L）；发动机输出功率为20（kW）；使用燃料：92#汽油【热值为4.6×107（J/kg）、密度为0.7×103kg/m3】请用以上参数推算出在测试条件下： (1)发动机所做的有用功是多少？ (2)该汽车发动机的效率多大？

【答案】(1)8×107J；(2)24.8%

【解析】

【详解】(1)汽车在平直公路匀速行驶时速度为90km/h，则百公里用时为

t则发动机所做的有用功是

W有用Pt20103W(2)该汽车发动机做的总功为

Q放mq汽油汽油Vq汽油0.7103kg/m30.01m34.6107J/kg3.22108J

则发动机的效率为

W有用Q放答：(1)发动机所做的有用功是8×107J； (2)该汽车发动机的效率为24.8%。

的103600s8107J 98107J100%24.8%

3.22108Js100km10h v90km/h9